1. 题目

设想有个机器人坐在一个网格的左上角，网格 r 行 c 列。
机器人只能向下或向右移动，但不能走到一些被禁止的网格（有障碍物）。
设计一种算法，寻找机器人从左上角移动到右下角的路径。

网格中的障碍物和空位置分别用 1 和 0 来表示。

返回一条可行的路径，路径由经过的网格的行号和列号组成。左上角为 0 行 0 列。

示例 1:
输入:
[[0,0,0],[0,1,0],[0,0,0]
]
输出: [[0,0],[0,1],[0,2],[1,2],[2,2]]
解释: 
输入中标粗的位置即为输出表示的路径，即
0行0列（左上角） -> 0行1列 -> 0行2列 -> 1行2列 -> 2行2列（右下角）

来源：力扣（LeetCode）
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2. 解题

2.1 DFS

一开始 34/36个通过测试

• 修改，把visited过的地方回溯的时候别改回去，因为不通，所以后面也别走了

class Solution {vector<vector<int>> path;vector<vector<int>> ans;int m, n;bool found = false;vector<vector<int>> dir = {{1,0},{0,1}};
public:vector<vector<int>> pathWithObstacles(vector<vector<int>>& grid) {if(grid.empty() || grid[0].empty())return {};m = grid.size(), n = grid[0].size();if(grid[0][0]==1 || grid[m-1][n-1]==1)return {};vector<vector<bool>> visited(m, vector<bool>(n,false));dfs(grid,0,0,visited);return ans;}void dfs(vector<vector<int>>& grid, int i, int j, vector<vector<bool>> & visited){if(found)return;if(i == m-1 && j == n-1){path.push_back({i,j});ans = path;found = true;return;}visited[i][j] = true;path.push_back({i,j});int x, y;for(int k = 0; k < 2; ++k){x = i + dir[k][0];y = j + dir[k][1];if(x>=0 && x<m && y>=0 && y<n && grid[x][y]==0 && !visited[x][y])dfs(grid,x,y,visited);}// visited[i][j] = false;//不注释会超时path.pop_back();}
};

28 ms 10.4 MB

2.2 动态规划

• dp[i][j] 表示机器人能否到达该处
• 能到达终点，从终点肯定能随便走一条路回去

class Solution {
public:vector<vector<int>> pathWithObstacles(vector<vector<int>>& grid) {if(grid.empty() || grid[0].empty())return {};int m = grid.size(), n = grid[0].size(), i, j, k;if(grid[0][0]==1 || grid[m-1][n-1]==1)return {};vector<vector<bool>> dp(m,vector<bool>(n,false));//求每个位置是否可以到达for(i = 0; i < m; ++i){	//初始化第一列if(grid[i][0]==1)break;//障碍物elsedp[i][0] = true;}for(j = 0; j < n; ++j){	//初始化第一行if(grid[0][j]==1)break;//障碍物elsedp[0][j] = true;}for(i = 1; i < m; i++){for(j = 1; j < n; j++){if(grid[i][j]==0)//不是障碍物dp[i][j] = (dp[i-1][j] || dp[i][j-1]);}}if(dp[m-1][n-1]==false)//到不了终点return {};vector<vector<int>> ans(m+n-1);k = m+n-2, i = m-1, j = n-1;while(i!=0 || j!=0){ans[k--] = {i,j};if(i-1>=0 && dp[i-1][j])i--;else if(j-1>=0 && dp[i][j-1])j--;}ans[0] = {0,0};return ans;}
};

20 ms 8.9 MB