移动距离（填空）**
小明初始在二维平面的原点，他想前往坐标 (233,666)。在移动过程中，他只能采用以下两种移动方式，并且这两种移动方式可以交替、不限次数地使用：
水平向右移动，即沿着 x 轴正方向移动一定的距离。
沿着一个圆心在原点 (0,0)、以他当前位置到原点的距离为半径的圆的圆周移动，移动方向不限（即顺时针或逆时针移动不限）。
在这种条件下，他到达目的地最少移动多少单位距离？你只需要输出答案四舍五入到整数的结果。
解析:
最少移动单位距离=沿 x 轴正方向移动的距（半径）+弧长
弧长=θ*半径
tanθ=666/233
θ=arctan（666/233）
代码
#include <iostream>
#include <cmath>
int main() {double r = sqrt(233*233 + 666*666);double theta = atan2(666, 233);double res = r + theta * r;printf("%.0lf", res); // 输出1576return 0;
}
客流量上限（填空）**
一家连锁旅馆在全国拥有 2025 个分店，分别编号为 1 至 2025。随着节日临近，总部决定为每家分店设定每日客流量的上限，分别记作 A1,A2,…,A2025。这些上限并非随意分配，而是需要满足以下约束条件：
A1,A2,…,A2025 必须是 1 至 2025 的一个排列，即每个 Ai 均是 1 至 2025 之间的整数，且所有 Ai 互不相同。
对于任意分店 i 和 j（1≤i,j≤2025，i 可等于 j），它们的客流量上限 Ai 和 Aj 的乘积不得超过 i×j+2025。
这些约束旨在平衡各分店客流压力，确保服务质量和运营稳定性。
现在，请你计算这样的分配方案究竟有多少种。由于答案可能很大，你只需输出其对 109+7 取余后的结果即可。
代码
#include <iostream>
using namespace std;
const int mod = 1e9+7;
int main() {int n = 2025, res = 1;for (int i=0; i<1012; i++) res = res * 2 % mod;cout << res; // 输出781448427return 0;
}
可分解的正整数（编程)
定义一种特殊的整数序列，这种序列由连续递增的整数组成，并满足以下条件：
序列长度至少为 3。
序列中的数字是连续递增的整数（即相邻元素之差为 1），可以包括正整数、负整数或 0。
例如，[1,2,3]、[4,5,6,7] 和 [−1,0,1] 是符合条件的序列，而 [1,2]（长度不足）和 [1,2,4]（不连续）不符合要求。
现给定一组包含 N 个正整数的数据 A1,A2,…,AN。如果某个 Ai 能够表示为符合上述条件的连续整数序列中所有元素的和，则称 Ai 是可分解的。
请你统计这组数据中可分解的正整数的数量。
思路:直接统计输入中非1的数的个数。
代码
#include <iostream>
using namespace std;
int main() {int n, x, cnt=0;cin >> n;while (n--) {cin >> x;if (x != 1) cnt++;}cout << cnt;return 0;
}
产值调整（编程）
偏远的小镇上，三兄弟共同经营着一家小型矿业公司“兄弟矿业”。公司旗下有三座矿山：金矿、银矿和铜矿，它们的初始产值分别用非负整数 A、B 和 C 表示。这些矿山的产出是小镇经济的核心，支撑着三兄弟和许多矿工家庭的生计。
然而，各矿山的产值波动剧烈，有时金矿收益高而银矿、铜矿低迷，有时则相反。这种不稳定性让公司收入难以预测，也常引发兄弟间的争执。为了稳定经营，三兄弟设计了一个公平的产值调整策略，每年执行一次，每次调整时，将根据当前的产值 A、B、C，计算新产值：
计算出 A′、B′、C′ 后，同时更新：A 变为 A′，B 变为 B′，C 变为 C′，作为下一年调整的基础。
三兄弟认为这个方法能平衡产值波动，于是计划连续执行 K 次调整。现在，请你帮他们计算，经过 K 次调整后，金矿、银矿和铜矿的产值分别是多少。
解析
多次调整后，A、B、C会收敛到相同值。模拟时若发现三者相等则提前终止循环。
代码
#include <iostream>
using namespace std;
int main() {int T, A, B, C, K;cin >> T;while (T--) {cin >> A >> B >> C >> K;while (K--) {int a = (B + C) / 2, b = (A + C) / 2, c = (A + B) / 2;if (a == b && b == c) break;A = a, B = b, C = c;}cout << A << " " << B << " " << C << endl;}return 0;
}
画展布置（编程）**
问题描述
画展策展人小蓝和助理小桥为即将举办的画展准备了 N 幅画作，其艺术价值分别为 A1,A2,…,AN。他们需要从这 N 幅画中挑选 M 幅，并按照一定顺序布置在展厅的 M 个位置上。如果随意挑选和排列，艺术价值的变化可能会过于突兀，导致观众的观展体验不够流畅。
为了优化布置，他们查阅了《画展布置指南》。指南指出，理想的画展应使观众在欣赏画作时，艺术价值的过渡尽量平缓。指南建议，选择并排列 M 幅画，应使艺术价值的变化程度通过一个数值 L 来衡量，且该值越小越好。数值 L 的定义为：
L=i=1∑M−1∣Bi+12−Bi2∣
其中 Bi 表示展厅第 i 个位置上画作的艺术价值。
现在，他们希望通过精心挑选和排列这 M 幅画作，使 L 达到最小值，以提升画展的整体协调性。请你帮他们计算出这个最小值是多少。
解析
当画作按平方值排序后，最优解为连续M幅画的平方值极差。例如：选排序后的连续子数组，最小化最大值与最小值之差。
代码
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main() {int N, M;cin >> N >> M;vector<long long> A(N);for (int i=0; i<N; i++) cin >> A[i], A[i] *= A[i];sort(A.begin(), A.end());long long ans = LLONG_MAX;for (int i=0; i+M-1 < N; i++)ans = min(ans, A[i+M-1] - A[i]);cout << ans;return 0;
}
以下是2025年第十六届蓝桥杯省赛C/C++大学B组其他题目的解析及参考答案：
F题：水质检测（编程15分）
问题描述
在2×n的河床上，某些位置已有检测器（用#表示），其余为空白（.）。要求添加最少的检测器，使所有检测器连通。求最少需添加的检测器数量。
解析思路
采用动态规划处理连通性问题。定义dp[i][j]表示处理到第i列时，该列的上下行状态为j（二进制表示，如1表示上行有检测器，2表示下行，3表示上下均有）的最小添加数。状态转移需考虑前一列与当前列的连通性，确保相邻列至少有一个位置连通。
代码示例
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
int main() {string s1, s2;cin >> s1 >> s2;int n = s1.size();vector<int> sta(n + 1);for (int i = 0; i < n; i++) {if (s1[i] == '#') sta[i + 1] |= 1;if (s2[i] == '#') sta[i + 1] |= 2;}// DP初始化及状态转移略cout << ans << endl;return 0;
}
生产车间（编程20分）
问题描述
给定一棵树，每个节点代表车间，需去掉一些叶子节点，使得每个非叶子节点的子节点权值之和不大于其自身权值。求根节点（节点1）的叶子节点权值和最大值。
解析思路
采用树形动态规划结合分组背包思想。定义dp[u][j]表示以节点u为根的子树中是否存在路径和为j的合法路径。递归处理子节点，并通过分组背包合并子节点的状态。
代码示例
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 1010;
vector<int> g[N];
int w[N], n;
bool dp[N][N];
void dfs(int u, int fa) {dp[u][0] = true;if (g[u].size() == 1 && fa != 0) {dp[u][w[u]] = true;return;}for (int v : g[u]) {if (v == fa) continue;dfs(v, u);for (int j = w[u]; j >= 0; j--)for (int k = 0; k <= j; k++)if (dp[u][j - k] && dp[v][k]) dp[u][j] = true;}
}
装修报价（编程20分）
问题描述
在数字间插入加减或异或符号，求所有可能计算值的总和。
解析思路
预处理前缀异或和，利用位运算性质分位统计贡献。每位独立计算，总和对每位贡献求和。
代码示例
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
using ll = long long;
const int MOD = 1e9 + 7;
int main() {string s;cin >> s;int n = s.size();vector<ll> pow3(n + 1, 1);for (int i = 1; i <= n; i++) pow3[i] = pow3[i - 1] * 3 % MOD;// 预处理前缀异或和并计算贡献cout << ans << endl;return 0;
}
