【MX-S11】梦熊 NOIP 2025 模拟赛 3 WAOI R7 FeOI R6.5（同步赛）总结分析

感觉打梦熊就是这样前两题都是中等偏下，后两题难得不成样子。

估分&最终得分：\(100+100+0+0=200\)。

T1

感觉应该是黄题吧。

题目概述

一个数轴，前 \(k\) 个地给小 \(A\)，后面的地给小 \(B\)，小 \(A\) 先手，可以选择集结兵力或者进攻，进攻到其他领土需要满足大于对方的兵力，而小 \(B\) 可以等于对方的兵力，进攻之后兵力归进攻方。

问两个人都采取最优策略，谁会赢。

分析

套路问题。

一开始我还想如果是一张无向图那就有一点麻烦，但没想到这里只有一块相邻的地啊，那就好办了。

一个很显然的策略就是我把兵全部集结到我最后一个格子最后跟你决一死战就行了。但是这只考虑到了集结兵力，而且小 \(A\) 具有先手优势，所以可以采取先扩张再集结的办法。

扩张时应当先满足首要条件，但是你还需要判断扩张之后会不会遭到反噬——也就是扩张后小 \(B\) 反扩张你。那你这个操作就是无意义的，甚至是更劣的。

那我们的思路就出来了，从前到后扫一遍，搞一下前缀和，顺便判断一下能不能扩张即可。

代码

时间复杂度 \(\mathcal{O}(Tn)\)。

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <stdlib.h>
#include <vector>
#define int long long
#define N 100005
using namespace std;
int n,a[N];
signed main(){int T;cin >> T;for (;T--;) {scanf("%lld",&n);int tot = 0;for (int i = 1;i <= n;i ++) scanf("%lld",&a[i]),tot += a[i];int sum = 0;for (int i = 1;i < n;i ++) {sum += a[i];int yc = (a[i + 1] < a[i] && a[i + 2] < a[i + 1] + a[i] ? a[i + 1] : 0);if (sum + yc > tot - sum - yc) putchar('1');else putchar('0');}putchar('\n');}return 0;
}
/*
1
4
1 2 1 3*/

T2

细想一下就不难了。

题目概述

给你一颗树，你一开始权值为 \(x\)，你经过一个节点需要跟他进行运算，之后你可以选择在这个点结束或者说继续走到他的其中一个儿子，但是需要满足 \(x\in[l,r]\)，其中 \(l,r\) 是这条边的限制范围。

数据范围 \(1\leq n\leq 5\times 10^5,1\leq q\leq 10^6\)。

分析

看到数据范围：\(n,q\) 不同阶，大概是预处理+\(\mathcal{O}(1)\) 或者 \(\mathcal{O}(\log n)\) 查询的做法。

因此我们考虑，在某个点结束需要一开始的 \(x\) 满足什么条件。

假设我的 \(x\) 经过了一个点走了一条有限制的边且限制为 \(x'\in[l,r]\)，这里的 \(x'\) 是 \(x\) 跟上一个点进行运算的点。

显然你让这个 \(x'\) 拆开，将非 \(x\) 的部分移项过去算出来就行了。

而且我们能在这个点结束当且仅当在这个点与根节点的路径上的每一个点的范围条件取交集。

显然这个取交集并不会溢出，但是我还是判了。

取出来之后一个点能否贡献当且仅当这个一开始的 \(x\) 是否在这个范围内。

很明显询问排个序，区间排个序就可以 \(\mathcal{O}(n+q)\) 解决了。

代码

时间复杂度 \(\mathcal{O}(n+n\logn+q\log q+q)\)。

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <stdlib.h>
#include <vector>
#include <climits>
#define int long long
#define N 500005
#define PII pair<int,int>
#define isdigit(ch) ('0' <= ch && ch <= '9')
using namespace std;
template<typename T>
void read(T&x) {x = 0;int f = 1;char ch = getchar();for (;!isdigit(ch);ch = getchar()) f = (ch == '-' ? -1 : f);for (;isdigit(ch);ch = getchar()) x = (x << 1) + (x << 3) + (ch ^ 48);x *= f;
}
template<typename T>
void write(T x) {if (x > 9) write(x / 10);putchar(x % 10 + '0');
}
const int INF = 1e18 + 1000;
int n,q;
vector<int> g[N];
struct edge{int to;int l,r;
};
vector<edge> edges[N];
char op[N];
int a[N],b[N],L[N],R[N],ans[N << 1];
struct que{int x,id;
}qu[N << 1];
signed main(){cin >> n >> q;for (int i = 2;i <= n;i ++) {int p,l,r;read(p),read(l),read(r);edges[p].push_back({i, l, r});}for (int i = 1;i <= n;i ++) {char s;cin >> s;read(a[i]);op[i] = s;}vector<int> sta;sta.push_back(1);b[1] = (op[1] == '+') ? a[1] : -a[1];L[1] = -INF,R[1] = INF;while (!sta.empty()) {int u = sta.back();sta.pop_back();for (auto e : edges[u]) {int v = e.to,l = e.l, r = e.r;int curL = (l > INF + b[u]) ? INF + 1 : (l < -INF + b[u]) ? -INF - 1 : l - b[u];int curR = (r > INF + b[u]) ? INF : (r < -INF + b[u]) ? -INF : r - b[u];if (curL < -INF) curL = -INF;else if (curL > INF) curL = INF + 1;if (curR < -INF) curR = -INF - 1;else if (curR > INF) curR = INF;L[v] = max(L[u],curL);R[v] = min(R[u],curR);b[v] = b[u];if (op[v] == '+') {if (a[v] > 0 && b[v] > LLONG_MAX - a[v]) b[v] = INF;else if (a[v] < 0 && b[v] < LLONG_MIN - a[v]) b[v] = -INF;else b[v] += a[v];}else {if (a[v] > 0 && b[v] < LLONG_MIN + a[v]) b[v] = -INF;else if (a[v] < 0 && b[v] > LLONG_MAX + a[v]) b[v] = INF;else b[v] -= a[v];}if (b[v] < -2 * INF) b[v] = -2 * INF;if (b[v] > 2 * INF) b[v] = 2 * INF;sta.push_back(v);}}vector<PII> ls2;for (int u = 1;u <= n;u ++) {if (L[u] > R[u]) continue;ls2.push_back({L[u],1ll});if (R[u] < INF) ls2.push_back({R[u] + 1,-1});else ls2.push_back({INF + 1,-1});}stable_sort(ls2.begin(),ls2.end());for (int i = 1;i <= q;i ++) read(qu[i].x),qu[i].id = i;stable_sort(qu + 1,qu + 1 + q,[](que x,que y) {return x.x < y.x;});int j = 0,cnt = 0;for (int i = 1;i <= q;i ++) {int x = qu[i].x,id = qu[i].id;while (j < ls2.size() && ls2[j].first <= x) cnt += ls2[j].second,j ++;ans[id] = cnt;}for (int i = 1;i <= q;i ++) write(ans[i]),putchar('\n');return 0;
}