文章目录
- 题目链接:
- 题目描述:
- 解法
- C++ 算法代码:
- 图解
题目链接:
30. 串联所有单词的子串
题目描述:

解法
滑动窗口+哈希表
这题和第
14题不同的是:
- 哈希表不同:
hash<string,int>left与right指针的移动不同:移动的步长是每个单词的长度- 滑动窗口执行的次数不同

C++ 算法代码:
class Solution
{public:vector<int> findSubstring(string s, vector<string>& words) {vector<int> ret;unordered_map<string, int> hash1; // hash1保存 words 里面所有单词的频次for(auto& s : words) hash1[s]++; //统计 word 出现的次数int len = words[0].size(), m = words.size(); //len 表示每个单词的长度,m 表示单词的总数for(int i = 0; i < len; i++) // 执行 len 次{unordered_map<string, int> hash2; // 维护窗口内单词的频次for(int left = i, right = i, count = 0; right + len <= s.size(); right += len){// 进窗口 + 维护 countstring in = s.substr(right, len);//从字符串 s 中提取一个长度为 len 的子串//s.substr(right, len) 这是一个字符串函数,用于从字符串 s 中提取子串。//right 是当前窗口的起始位置。//len 是每个单词的长度。hash2[in]++;//并将其存储在 hash2 中,用于统计当前滑动窗口内单词的出现次数/*hash1 是一个 unordered_map,用于存储 words 列表中每个单词的出现频次。hash1.count(in) 检查单词 in 是否存在于 hash1 中。如果 in 存在于 hash1 中,hash1.count(in) 返回 1(真)。如果 in 不存在于 hash1 中,hash1.count(in) 返回 0(假)。hash2[in] <= hash1[in]这部分代码检查当前单词 in 在 hash2 中的出现次数是否小于或等于它在 words 列表中的出现次数(即 hash1[in])。如果 hash2[in] 小于或等于 hash1[in],说明当前窗口内单词 in 的出现次数没有超过 words 列表中的限制。*/if(hash1.count(in) && hash2[in] <= hash1[in]) {count++;}// 判断if(right - left + 1 > len * m){// 出窗口 + 维护 countstring out = s.substr(left, len); //s.substr(left, len) ,这个子串 out 是当前窗口最左边的单词。/*hash1.count(out) 检查 out 是否存在于 hash1 中hash2[out] <= hash1[out] 检查当前窗口内 out 的出现次数是否小于或等于 words 列表中 out 的出现次数。如果这两个条件都满足,说明 out 是一个有效的单词,当前窗口的有效单词计数 count 需要减少 1。*/if(hash1.count(out) && hash2[out] <= hash1[out]) {count--;}hash2[out]--; //更新 hash2 中 out 的计数:hash2[out]-- 将 out 在 hash2 中的计数减 1,因为 out 已经离开当前窗口left += len;//left += len 将窗口的左边界向右移动 len 个位置,准备进行下一步的窗口滑动}// 更新结果if(count == m) {ret.push_back(left);}}}return ret;}
};
图解
例如:s = "barfoothefoobarman", words = ["foo","bar"]

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hash1[foo]=1,hash1[bar]=1len=3,m=2in=bar,hash2[bar]++后=1满足
if(hash1.count(in) && hash2[in] <= hash1[in]),count++right += len

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in=foo,hash2[foo]++后=1满足
if(hash1.count(in) && hash2[in] <= hash1[in]),count++满足
if(count == m),所以ret.push_back(left);也就是0right += len

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in=the,hash2[the]++后=1right += len

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in=foo,hash2[foo]++后=2满足
if(right - left + 1 > len * m),out=bar,out不是有效字符,count不会减少,hash2[out]--;left += len;right += len

- 后面步骤类似,就不多赘述了