建行商城网站,网站维护更新费用,有什么做ppt的网站,wordpress电商平台2653: middle Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 512 MBSubmit: 2381 Solved: 1340[Submit][Status][Discuss]Description 一个长度为n的序列a#xff0c;设其排过序之后为b#xff0c;其中位数定义为b[n/2]#xff0c;其中a,b从0开始标号,除法取下整。给你一个长度为n的序… 2653: middle Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MBSubmit: 2381  Solved: 1340[Submit][Status][Discuss] Description 一个长度为n的序列a设其排过序之后为b其中位数定义为b[n/2]其中a,b从0开始标号,除法取下整。给你一个 长度为n的序列s。回答Q个这样的询问s的左端点在[a,b]之间,右端点在[c,d]之间的子序列中最大的中位数。 其中abcd。位置也从0开始标号。我会使用一些方式强制你在线。   Input 第一行序列长度n。接下来n行按顺序给出a中的数。 接下来一行Q。然后Q行每行a,b,c,d我们令上个询问的答案是 x(如果这是第一个询问则x0)。 令数组q{(ax)%n,(bx)%n,(cx)%n,(dx)%n}。 将q从小到大排序之后令真正的 要询问的aq[0],bq[1],cq[2],dq[3]。　　 输入保证满足条件。 第一行所谓“排过序”指的是从小到大排序 n20000,Q25000     Output Q行依次给出询问的答案。   Sample Input 5 170337785 271451044 22430280 969056313 206452321 3 3 1 0 2 2 3 1 4 3 1 4 0 Sample Output 271451044 271451044 969056313 emmm这道题就是一道二分答案加主席树 二分我的中位数是什么 然后check判断他是否满足条件 那么怎么判断呢 对于一段区间 我们假设现在我们要check的中位数是x  对应这个区间我们建立一棵线段树 若一个数 ≥ x 那么这个数在对应线段树里面的值设为1 否则设为 - 1  那么对应这一段的区间和如果等于0 那么这个数就可以作为这段区间的中位数 如果 0 则表示这段区间内比他大的数偏多 也就是说我们现在枚举的这个数相对于中位数偏小 反之偏大 那么很显然这个东西是满足二分的  但是又出现了一个问题 就是我们怎么搞每一个数对应的区间的值吧 肯定不可能是对于每一个数都开一棵线段树 但是肯定不可能 时间空间都不够用  这时候就想到了主席树  然而这个主席树是怎么建立的呢 我们先对应所有的值都排一边序(要存储他们的原位置) 那么对于i 1这个位置上的数对应的主席树 他相对于 i 这个位置上的数对应的主席树 发生的变化是不是就是将原数组中 i 对应的位置上的值从 1 改成 - 1 所以就很容易维护了 那么怎么对于[a,b] [c,d]查询呢 按照题意 [b,c]是必须选的 求区间和即可那么要使中位数最大 就要使我们所求的区间和尽可能大 也就是求从b起向左的最大区间和 和从c起向右的最大区间和 求个和 根据上述判断方式二分 然后就这样 我wa了好几次 竟然是查询右儿子的时候写的是 l 到 mid 丢脸... 代码 #include bits/stdc.h using namespace std;const int N 20000 10; int a,b,c,d,T,n,w[N],sum[32 * N],ls[32 * N],rs[32 * N]; int rmax[32 * N],lmax[32 * N],rt,root[N],q[10],ans 0;struct node{int val,pos; }s[N];void update(int nd) {sum[nd] sum[ls[nd]] sum[rs[nd]];rmax[nd] max(rmax[rs[nd]],sum[rs[nd]] rmax[ls[nd]]);lmax[nd] max(lmax[ls[nd]],sum[ls[nd]] lmax[rs[nd]]); }int build(int l,int r) {int nd rt;if(l r) {sum[nd] lmax[nd] rmax[nd] 1;return nd;}int mid (l r) 1;ls[nd] build(l,mid);rs[nd] build(mid 1,r);update(nd);return nd; }int modify(int pre,int l,int r,int pos) {int nd rt;sum[nd] sum[pre]; ls[nd] ls[pre],rs[nd] rs[pre];if(l r) {sum[nd] -1;rmax[nd] 0;lmax[nd] 0;return nd;}int mid (l r) 1;if(pos mid) ls[nd] modify(ls[pre],l,mid,pos);else rs[nd] modify(rs[pre],mid 1,r,pos);update(nd);return nd; }bool cmp(const node a,const node b) {return a.val b.val; }int query(int nd,int l,int r,int L,int R) {if(l R || r L) return 0;if(l L r R) return sum[nd];int mid (l r) 1,ans 0;if(L mid) ans query(ls[nd],l,mid,L,R);if(mid R) ans query(rs[nd],mid 1,r,L,R);return ans; }int query_r(int nd,int l,int r,int L,int R) {if(l R || r L) return 0;if(l L r R) return rmax[nd];int mid (l r) 1,ans 0;if(mid R) ans query_r(rs[nd],mid 1,r,L,R);if(L mid) {int l_rmax query_r(ls[nd],l,mid,L,R);int r_sum query(ls[nd],mid 1,r,L,R);ans max(ans,l_rmax r_sum);}return ans; }int query_l(int nd,int l,int r,int L,int R) {if(L R) return 0; if(l L r R) return lmax[nd];int mid (l r) 1,ans 0;if(L mid) ans query_l(ls[nd],l,mid,L,R);if(mid R) {int r_lmax query_l(ls[nd],mid 1,r,L,R);int l_sum query(ls[nd],l,mid,L,R);ans max(ans,r_lmax l_sum);}return ans; }bool check(int mid) {int ab query_r(root[mid],1,n,q[1],q[2] - 1);int bc query(root[mid],1,n,q[2],q[3]);int cd query_l(root[mid],1,n,q[3] 1,q[4]);if(ab bc cd 0) return true;return false; }int find( ) {int l 1,r n,ans 0;while(l r) {int mid (l r) 1;if(check(mid)) ans mid,l mid 1;else r mid - 1;}return ans; }int main( ) {scanf(%d, n);for(int i 1;i n;i ) {scanf(%d, w[i]);s[i].pos i; s[i].val w[i];}sort(s 1,s n 1,cmp);scanf(%d, T);root[1] build(1,n);for(int i 2;i n;i ) {root[i] modify(root[i - 1],1,n,s[i - 1].pos);}while(T --) {scanf(%d%d%d%d, a, b, c, d);q[1] (a ans) % n 1; q[2] (b ans) % n 1;q[3] (c ans) % n 1; q[4] (d ans) % n 1;sort(q 1,q 5);ans s[find( )].val;printf(%d\n,ans);} }   转载于:https://www.cnblogs.com/Rubenisveryhandsome/p/9508058.html