第十三次CCF-CSP认证（含C++源码）

第十三次CCF-CSP认证

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碰撞的小球
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棋局评估
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满分题解

没什么好说的基本思路就是如何用代码翻译题目所给的一些限制，以及变量应该如何更新，没像往常一样给一个n，怎么读入数据，但是总之
这题对于我就俩字：《凌驾》

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N =40;
int s[N];
int main()
{int i=0;s[0]=-1;//我的小细节while(s[i]!=0){cin>>s[i+1];i++;}//读入跳跃数组//如果是第一次跳跃或者上一次跳跃不是中心计2分int grade=0;int sum=2;for(int j=1;j<i+1;j++){while(s[j]==2){if(j==1 || s[j-1]==1 && j>1){grade+=2;sum=2;j++;}else if(s[j-1]==2 && j>1){sum+=2;grade+=sum;j++;}}if(s[j]!=0)grade++;}cout<<grade;
}

碰撞的小球

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样例：

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满分题解

遇到的问题

一开始感觉自己无敌了呀一看这题目这么长感觉这题换做一个星期之前直接copy评论区了，后来通过慢慢分析基本上思路就清晰了，写完感觉这代码非常完美啊，还宏定义了一把，可读性很高啊，调试的时候样例也过了，一交发现就过了两个样例我cnm，服了
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后来发现:
是我的碰撞判断不完整：当前代码只检查了相邻小球的碰撞情况，实际上任意两个小球都可能发生碰撞，如果只检查初始相邻的两个小球是否碰撞，就会遗漏很多可能的碰撞情况。因此，需要使用两层循环遍历所有的小球对，以确保检查到任意两个小球之间是否发生了碰撞。

#include <iostream>
#include <vector>
using namespace std;#define RIGHT 1
#define LEFT -1struct ball {int div;int pos;
};int main() {int n, L, t;cin >> n >> L >> t;  // 读入 n 个小球，距离长度和时刻vector<ball> balls(n);  // 存储每一个小球的信息for (int i = 0; i < n; i++) {int index;cin >> index;balls[i].pos = index;balls[i].div = RIGHT;  // 一开始统一向右边走}  // 初始化完成while (t--) {// 小球移动for (int i = 0; i < n; i++) {if (balls[i].div == RIGHT) {balls[i].pos++;} else {balls[i].pos--;}}// 检查边界情况for (int j = 0; j < n; j++) {if (balls[j].pos == L) {  // 右端点的情况balls[j].div = LEFT;} else if (balls[j].pos == 0) {  // 左端点的情况balls[j].div = RIGHT;}}// 检查小球之间的碰撞情况for (int i = 0; i < n; i++) {for (int j = i + 1; j < n; j++) {if (balls[i].pos == balls[j].pos) {balls[i].div = -balls[i].div;balls[j].div = -balls[j].div;}}}}for (int i = 0; i < n; i++) {cout << balls[i].pos << " ";}cout << endl;return 0;
}

棋局评估

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样例：

满分题解

题目非常好理解就是大家都玩过的井字棋，这题感觉更重思维，dfs很少，以我现在的水平是可以独立写一下的，明天再学一学
作者：cyzh
代码链接

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;int g[4][4];
int tt, oo;//数据组数，空格个数//判断是否有人获胜，如果Alice获胜返回1，如果Bob获胜返回2，否则返回0
int check(){for(int i = 0; i < 3; i++){if(g[i][0] == g[i][1] && g[i][1] == g[i][2] && g[i][2]) return g[i][2];if(g[0][i] == g[1][i] && g[1][i] == g[2][i] && g[2][i]) return g[2][i];}if(g[0][0] == g[1][1] && g[1][1] == g[2][2] && g[2][2]) return g[2][2];if(g[0][2] == g[1][1] && g[1][1] == g[2][0] && g[1][1]) return g[1][1];return 0;
}//返回值为题目要求的答案，u 表示剩下0的个数
int dfs(int u){if(check()){if(check() == 1) return u + 1;//Alice已经赢了else return - u - 1;//Bob已经赢了}if(u == 0) return 0;//没有格子可以下了//f11表示Alice赢的最优决策，f22表示Bob赢的最优决策//f12表示Alice赢的次优决策，f21表示Bob赢的次优决策/*为什么要分4个呢，因为如果这一步是Bob下的话如果他能赢 返回f22Bob如果自己赢不了 他会先想到是否能平局 返回0Bob如果不能平局 他会想到怎么多拖一点时间， 返回 f12同理如果这一步是Alice下的话    如果他能赢 返回f11Alice如果自己赢不了 他会先想到是否能平局 返回0Alice如果不能平局 他会想到怎么多拖一点时间， 返回 f21*/int f12 = 20, f21 = -20, f0 = 0, f11 = 0, f22 = 0, tmp;for(int i = 0; i < 3; i++)for(int j = 0; j < 3; j++){if(!g[i][j]){g[i][j] = !(u%2) + 1, tmp = dfs(u - 1), g[i][j] = 0;//dfsif(tmp == 0) f0 = 1;//如果可以平局, f0 = tureelse if(tmp < 0) f22 = min(f22, tmp), f21 = max(f21, tmp);//维护f22, f21else if(tmp > 0) f11 = max(f11, tmp), f12 = min(f12, tmp);//同理}}if(u % 2 && f11) return f11;//这一步是Alice来下 && Alice可以赢else if(!(u % 2) && f22 < 0) return f22;//这一步是Bob来下 && Bob可以赢if(f0) return 0;//可以平局if(u % 2) return f21;//这一步是Alice来下 && Alice 只能让Bob赢return f12;
}int main(){cin >> tt;while(tt--){oo = 0;for(int i = 0; i < 9; i++) cin >> g[i/3][i%3], oo += !g[i/3][i%3];//输入cout << dfs(oo) << endl;}
}