题目描述

• 子串：各字符间必须要相邻，而非子序列
• 使用滑动窗口来做就行
  

思路 && 代码

1. 之前的版本

• 思路：维护一个滑动窗口，滑动窗口中容纳一个无重复字符的子串。
• 滑动窗口左边界移动的情况：
  1. 【abc】 a => a【bca】
  2. 【abcd】 c => abc【dc】
• 其实以上两种情况殊途同归，都是把左边界换成当前判断字符在HashMap中对应的下标的位置的后一个。
  然后把前面的字符全都丢弃即可（在HashMap中remove()）。
• 左边界移动的情况，需要进行长度的判断：当前滑动窗口长度可能会改变，如果比当前存储的最大长度要大，那么就需要更新。
• 为什么可以这样子：特别记录一下，这道题其实老早就通过了。。但是之后考虑情况多了，出现了觉得自己写的代码其实考虑不周，但是就是过了的情况= =。
  主要是有这个注意点：在上面的左边界移动情况2，考虑到abc都被丢弃，但是有没有可能a、b实际上可能可以创造最长子串呢？ 答案是没有，因为实际上最多的长度【abcd】已经被记录下来了，b最多就是【bcd】c的情况，a也同理，因此已经可以直接丢弃掉了。

class Solution {public int lengthOfLongestSubstring(String s) {int len=0, lenNow=0;HashMap<Character,Integer> hashMap = new HashMap<>();for(int i=0;i<s.length();i++){if(hashMap.containsKey(s.charAt(i))){// 和left.char相同的情况下，可以继续// 这个if是个优化，但是其实删掉也可以，之后的代码对于这种情况达到一样的效果if(hashMap.get(s.charAt(i))==i-lenNow){hashMap.put(s.charAt(i),i);continue;}// 否则需要把前面的全删了len = Math.max(len,lenNow);// 获取当前重复值的下标。int temp = hashMap.get(s.charAt(i));// 维护哈希表：把不需要的映射remove掉。for(int j = i-lenNow;j<=temp;j++){hashMap.remove(s.charAt(j),j);}// 更新当前滑动窗口的长度lenNow = i - temp;hashMap.put(s.charAt(i),i);}else{hashMap.put(s.charAt(i),i);lenNow++;}}// 一直数到字符串结束的情况，补一个补充return Math.max(len,lenNow);}
}

• 时间复杂度：O(N)，实际上整个流程本质上就是对字符串的每一个元素都必然访问一次，可能删除一次。
• 空间复杂度：O(字符集的大小)，因为我们需要简历哈希表，而表最大的情况下会容纳整个字符集（及对应下标）。

更新 2.0

• 比较精简的代码

class Solution {public int lengthOfLongestSubstring(String s) {// initint len = s.length();int max = 0;char[] arr = s.toCharArray();// <字符，字符出现下标>Map<Character, Integer> hashmap = new HashMap<>();int windowLeft = 0;for(int i = 0; i < len; i++) {// Case 1 重复if(hashmap.containsKey(arr[i])) {int index = hashmap.get(arr[i]);for(int j = windowLeft; j <= index; j++) {hashmap.remove(arr[j]);}windowLeft = index + 1;hashmap.put(arr[i], i);}// Case 2 没重复else {hashmap.put(arr[i], i);max = Math.max(max, hashmap.size());}}return max;}
}