题干：
C国的死对头A国这段时间正在进行军事演习，所以C国间谍头子Derek和他手下Tidy又开始忙乎了。A国在海岸线沿直线布置了N个工兵营地,Derek和Tidy的任务就是要监视这些工兵营地的活动情况。由于采取了某种先进的监测手段，所以每个工兵营地的人数C国都掌握的一清二楚,每个工兵营地的人数都有可能发生变动，可能增加或减少若干人手,但这些都逃不过C国的监视。
中央情报局要研究敌人究竟演习什么战术,所以Tidy要随时向Derek汇报某一段连续的工兵营地一共有多少人,例如Derek问:“Tidy,马上汇报第3个营地到第10个营地共有多少人!”Tidy就要马上开始计算这一段的总人数并汇报。但敌兵营地的人数经常变动，而Derek每次询问的段都不一样，所以Tidy不得不每次都一个一个营地的去数，很快就精疲力尽了，Derek对Tidy的计算速度越来越不满:"你个死肥仔，算得这么慢，我炒你鱿鱼!”Tidy想：“你自己来算算看，这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下，Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说：“死肥仔，叫你平时做多点acm题和看多点算法书，现在尝到苦果了吧!”Tidy说："我知错了。。。"但Windbreaker已经挂掉电话了。Tidy很苦恼，这么算他真的会崩溃的，聪明的读者，你能写个程序帮他完成这项工作吗？不过如果你的程序效率不够高的话，Tidy还是会受到Derek的责骂的.
Input
第一行一个整数T，表示有T组数据。
每组数据第一行一个正整数N（N<=50000）,表示敌人有N个工兵营地，接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人（1<=ai<=50）。
接下来每行有一条命令，命令有4种形式：
(1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人（j不超过30）
(2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人（j不超过30）;
(3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j，表示询问第i到第j个营地的总人数;
(4)End 表示结束，这条命令在每组数据最后出现;
每组数据最多有40000条命令
Output
对第i组数据,首先输出“Case i:”和回车,
对于每个Query询问，输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数保持在int以内。
Sample Input
1 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 Query 1 3 Add 3 6 Query 2 7 Sub 10 2 Add 6 3 Query 3 10 End
Sample Output
Case 1: 6 33 59
题目大意：
中文题啦。
解题报告：
每个线段树小萌新都必做的模板题。build建树（现用的板子跟此略有不同，不过其实还是要具体题目具体分析）pushdown没有用到因为没有区间更新操作。
注意是单点更新还是单点覆盖更新，这关系到你的val是+=还是=。但是pushup中的更新都是=。
AC代码：
#include<bits/stdc++.h>using namespace std;
const int MAXN = 50000 + 5;
int n;
int a[MAXN];
struct TREE {int l,r;int val;int laz;
} tree[4*MAXN];
void pushup(int cur) {tree[cur].val = tree[2*cur].val + tree[2*cur + 1].val;
}
void build(int l ,int r,int cur) {if(l == r) {tree[cur].l = tree[cur].r = l;//写成tree[r].r 了。。 tree[cur].val = a[l];tree[cur].laz = 0;return ;//这步return必须加！不然就无限递归了。这就是为什么写递归函数，要将出口写在最前面，就是，不给他再次进入递归函数的机会！ }int m = (l+r)/2;tree[cur].l = l;tree[cur].r = r;
// tree[cur].val = 0;build(l,m,2*cur);build(m+1,r,2*cur + 1);pushup(cur);
}
void pushdown(int l,int r,int cur) {int m = (l+r)/2;if(tree[cur].laz !=0) {tree[2*cur].val += (m-l+1) *tree[cur].laz;tree[2*cur].laz += tree[cur].laz;tree[2*cur + 1].val += (r-m) * tree[cur].laz;tree[2*cur + 1].laz += tree[cur].laz;tree[cur].laz = 0;}
}
//pl-pr为查询区间，l和r为树种 当前cur下标
int query2(int pl,int pr,int l,int r,int cur) {if(pl<=l && pr>=r) return tree[cur].val; pushdown(cur,l,r);int m = (l+r)/2;int res = 0;if(pl <= m) res += query2(pl,pr,l,m,2*cur);//下面这里是if啊！！不是else！！！ if(pr >= m+1) res += query2(pl,pr,m+1,r,2*cur + 1);return res;
}void update1(int tar,int val,int l,int r,int cur) {if(l == r) {tree[cur].val +=val;tree[cur].laz +=val;return;//这步return必须加！不然就无限递归了。这就是为什么写递归函数，要将出口写在最前面，就是，不给他再次进入递归函数的机会！ }int m = (l + r)/2;if(tar<=m) update1(tar,val,l,m,2*cur);else update1(tar,val,m+1,r,2*cur + 1);pushup(cur);
}
int main()
{int t;int iCase = 0;int tmp1,tmp2;char op[10];cin>>t;while(t--) {printf("Case %d:\n",++iCase);scanf("%d",&n);for(int i = 1; i<=n; i++ ) {scanf("%d",&a[i]);}memset(tree,0,sizeof(tree));build(1,n,1);
// printf("%d %d ",tree[1].l,tree[1].r);
// for(int i = 1; i<=100; i++) printf("%d ",tree[i].val);while(scanf("%s",op) ) {if(op[0] == 'E') break;else if(op[0] == 'A') {scanf("%d%d",&tmp1,&tmp2);update1(tmp1,tmp2,1,n,1);}else if(op[0] == 'S') {scanf("%d%d",&tmp1,&tmp2);update1(tmp1,-tmp2,1,n,1);}else if(op[0] == 'Q') {scanf("%d%d",&tmp1,&tmp2);printf("%d\n",query2(tmp1,tmp2,1,n,1));}}}return 0 ;} 
